复系数二项方程a_0x~(2~n)+a_n=0(a_0≠0)的根的代数形式

我们先看二项方程x~2+5+12i=0的根。显然,方程可以化成 x~2=-5+12i。①这里复数-5+12i的幅角是非特殊角,仅用复数开平方的方法难以得到x的代数形式。     

证明lim(a_0x~n+a_1x~(n-1)+…+a_(n-1)x+a_n)(x→∞)=∞

从中专《数学》教材看出,根据非零无穷小的倒数为无穷大易证(其中a_0≠0),本文从无穷大的角度,给出它的另一种证明。 由无穷大的定义及无穷大与无穷小的关系易得无穷大的三条性质: (1)无穷大和常数的和仍为元穷大; (2)非零常数和无穷大的乘积仍为无穷大;     

复系数一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)的根的讨论

有关复方程的问题，是高考及竞赛的主要内容，尤其是复系数的一元二次方程的根的情况，本文通过范例的正误解法对照、使学生澄清模糊认识，矫正方法，进而促进学生对基础知识和基本方法的掌握与应用。     

对不等式(a_2~1 a_2~2 … a_n~2)/n≥((a_1 a_2 … a_n)~2)/n的加强

贵刊在文献〔1〕,〔2〕中分别证明了。全 a盆 …十a霖)月、(a一 aZ 几。。。十an(1)a予 a受 一 a老一t Az。一; 称/a,十a。 。。。 a._. A。‘,、,\几/、.产庄这里我们利用一个更简单的证明方法可以。专 。孟、把(1)式加强,_二— 令。。。 。二一:一(。一l)群一:几 a专 a孟 …     

一元三项方程x~(2m)+px~n+q=0有实数根的判定(Ⅰ)

本文解决了一元三项方程x~(2m)+px~n+q=0(n是偶数)有实数根的判定问题。     

一元三项方程x~(2m)+px~n+q=0有实数根的判定(Ⅱ)

本文解决了一元三项方程x~(2m)+px+q=0(n是奇数)有实数根的判定问题。     

方程x~2f(x)+xg(x)+q(x)=0有实根的一个必要条件

一元二次方程ax~2+bx+c=0(a≠0)有实根的充要条件是判别式△=b~2-4ac≥0,这里a、b、c是与未知数x无关的常数,对于象 1.求x~2+2xsin(xy)+1=0的一切实数解. 2.求x~2-2xsin(π/2)x+1=0的所有实根. 3.证明2sinx=5x~2+2x+3无实数解. 之类问题,是不是也可以应用类似的判别式来解呢?直接应用一元二次方程的根的判别式来解是缺乏理论根据的,本文给出这类问题的一般形式     

方程x~2-5~(1/2)x 1=0之根的性质及应用初探

一元二次方程 x~2-5~(1/2)x 1=0的根是(5~(1/2)-1)/(2)与(5~(1/2) 1)/(2),这是众所周知的。但其根有何性质?又有什么用途?这是非常值得研究的。本文就这两个问题作一些初步探讨。为了研究方便起见,不妨设α=(5~(1/2)-1)/(2),β=(5~(1/2) 1)/(2)。     

求sum from k=j to n (a_mk~m+a_(m-1)k~(m-1)+…+a_1k+a_0)的一种方法

[定理] sum from k=1 to n (a_mk~m+a_(m-1)k~(m-1)+…+a_1k+a_0)=A_(m+1)n~(m+1)+(a_m+A_m)n~m+…+(a_1+A_1)n。其中,系数A_(m+1),A_m,…,A_1由方程组     

关于Mordell方程y~3=x~2+2(multiply from (pi)i=1 to s)~2

用初等数论的方法研究了一类不定方程y3=x2+2(multiply from (pi)i=1 to s)2其中pi为奇素数,pi=5,7(mod8),i=1,2,…,s,并给出了该方程全部整数解的一般公式。     

探索递推数列a_n=Aa_(n-1)+B的通项(高一、高二、高三)

淡化多年的递推数列,近年来又回到了高考试卷上.如: 03年(天津卷·理)第22题:     

关于Pell方程x~2-Dy~2=±1的通解公式

获得了 Pell方程 x2 - Dy2 =± 1的简洁递推关系及其通解公式 ,得到了方程 x(x 1 ) =2 y2的解集公式     

求sum from k=1 to n(a_mk~m a_(m-1)k~(m-1) … a_1k a_0)的简便方法

求自然数的方幂和S_m(n)=sum from k=1 (k~m),一般利用递推公式,先算出s_1(n),s_2(n),…,s_m-1(n),然后才能求出s_m(n)。本文给出的方法,可以直接求出sum from k=1(a_mk~m a_(m-1)k~(m-1) … a_1k a_0),其特殊情形就是sum from k=1(K~m)。     

对根式q_1(a_1)~(n_1)+q_2(a_2)~(n_2)…+q_s(a_s)~(n_s)无理性的研究

利用对称多项式以及整系数方程根的有关性质,得到了形如q1+(a1)~(n1)+q2(a2)~(n2)+…+qs(as)~(ns)(a1、a2、…、as、n1、 n2、…、ns是大于1的正整数,a1、a2、…、as互不相等,q1、q2、…、qs为任意非零有理数)为无理数非常简单的一种判别方法．     

递推数列a_(n+1)=qa_n+b_1p_1~n十b_2p_2~n+b_3的通项公式

我们考虑这样的数列:已知数列{a_n}的a_1,并且递推公式为a_(n+1)=qa_n+b_1P_1~n+b_2p_2~n+b_3,其中q,P_1,P_2,b_1,b_2,b_3为常数,且q≠0,P_1,P_2≠1,P_1≠P_2,这个数列的通项公式如何求法,我们分以下几种情况来讨论这种问题.一、q≠1的情况(一)当q≠pi(i=1,2)时,设a_n=u_n+a_1p_1~n+a_2p_2~n+a_3,其中a_1、a_2、a_3为待定系数.将此式代入上面的递推公式中,得     

关于丢番图方程x~3±y~6=Dz~2(Ⅱ)

设D是无平方因子且不被 6k+1形素数整除的正整数 ,证明了丢番图方程x3±y6 =3z2 ,x3+y6 =6z2x3-y6 =z2 ,x3-y6 =2z2 均无yz≠ 0的整数解 ,方程x3+y6 =z2 仅有整数解 1+2 3=32 ,方程x3+y6 =2z2 和x3-y6 =6z2 均有无穷多组正整数解 ,并且获得了全部正整数解的通解公式 ,从而推进了广义Fermat猜想和Tijdeman猜想的研究进展     

用差分法求由递推式a_n=ka_(n-1)+ha_(n-2)给出的数列的通项公式

数列是高中数学的重要内容,在高考中也占有较大的比例,是每年高考的热门考点之一.本文试图用差分的方法探究数列的递推公式,为一些数列通项公式的求法找到较简便的方法,这对于高中生学习数列通项公式的求法大有帮助,对于一些一线数学教师有一定参考价值.     

关于ρ=±(x~2+y~2)~(1/2)中符号的确定

在曲线的极坐标方程化到曲线的直角坐标方程时,常用到ρ~2=x~2+y~2。故ρ=±(x~2+y~2)~(1/2)。怎样确定“+”、“-”号?现在举例说明如下: 1.用ρ=(x~2+y~2)~(1/2)的情况。例1.化极坐标方程e~ρ=2+cosθ为直角坐标方程。解.因为2+cosθ≥1,所以原方程中ρ≥0,因此ρ=(x~2+y~2)~(1/2)。由e~ρ=2+cosθ得ρe~ρ=2ρ+ρcosθ。从而原方程可化为 (x~2+y~2)~(1/2)e~((x~2+y~2)~(1/2))=2(x~2+y~2)~(1/2)+x。例2.把极坐标方程ρ=1+cosθ化为直角坐标方程。     

无理方程ax~2+bx+c+x(a_1x~2+b_1x+c_1)~(1/2)=0的解法研究

在实数范围内解无理方程,通常是把方程两边乘方同一次数,化为有理方程来解的,但对于形如 ax~2+bc+c+x(a_1x~2+b_1x+c_1)~(1/2)=0, (1)的无理方程,当c≠0时,若两边平方,一般会化为一个高于二次的整式方程,而这样的整式方程是中学生所不易解出的。本文运用不超过现行中学数学教材中的知识,从解决两个例子并通过对这两个特例的剖析入手,推