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本刊94年第1期刊登的“第十九届全俄中学生数学奥林匹克试题和解答”中,有一道题目:求证:对于任意的x,y,z,有不等式如果将上述不等式的左边部分记为A,我们可以将上述不等式改进为:证明1不难看出仅需证明在cosx≥0,cosy≥0,cosz≥0时,不等式成立即可.下面分两种情况给予证明.情况1:Sin~2z≤cosy情况2:cosy<sin~2Z这里等号成立当且仅当sin~2x=0,Sin~2y=l,cosx=1/2,cosz=2/5同时成立,因为sin~2x cos~2x=l,因此等号不能成立,即A<29/20综合两种情况得A<29/20.一道竞赛题的改进@田正平$杭州师范学院… 相似文献
2.
第31届IMO有一道预选题为: 已知:x≥y≥z>0,x,y,z∈R。求证: x~2y/z y~2z/x z~2x/y≥x~2 y~2 z~2。 (1) 本文给出它的推广及证明。 相似文献
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《中学数学教学》2010年第1期有一道问题征解:已知x、y、z〉0且x+y+z=1,求证:1/2≤ln(x^3+y^3+z^3)/ln(x^5+y^5+z^5)〈3/5. 相似文献
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问题1(《数学通报》2009年第1期问题)已知x,y,z∈R^+,则x+y/2z+y+z/2x+z+x/2y≥2x/y+z+2y/z+x+2z/x+y.此不等式比较简单,也可以深化为6个字母的情形. 相似文献
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一道2010年瑞士数学奥林匹克不等式的证明 总被引:1,自引:0,他引:1
一道2010年瑞士数学奥林匹克试题如下:已知x、y、z>0,xyz=1,求证:(x+y-1)2/z+(y+z-1)2/x+(z+x-1)2/y≥x+y+z.证因为x、y、z>0, 相似文献
7.
袁金奇 《中学数学研究(江西师大)》2015,(1):44-47
有名辉老师在文[1]中对“一道第49届IMO赛题(第2题)的类比”后提出猜想:
设实数λ,x,y,z满足:-1<λ<1,λx,λy,λz都不等于-1,且xyz=1,则x2/(1+λx)2 +y2(1 +λy)2+z2/(1+λz)2≥3/(1+λ)2.(1) 相似文献
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罗增儒 《中学数学教学参考》2003,(11):31-34
0 引言———“难题”与“巧解”W .Janous猜测指 :设x、y、z是正数 ,求证y2 -x2z +x + z2 -y2x + y + x2 -z2y +z ≥ 0 .①这个 (杰罗斯 )不等式原载加拿大《数学难题》杂志 ,在《数学通讯》1 992年第 4期 (P .3 8)的问题解答栏目中可以找到 ,第 5期给出的答案 (见文 [1 ],本文第 4部分还会谈到 )普遍感到“解答较繁” ,此后陆续出现多种解法 ,散见于众多中学数学刊物 (参考文献列出了一部分 ) .本文试图从解题论的角度做出一些阐述 ,涉及思路探求、解法改进、成果扩大、案例分析 .首先 ,作为“难题”与“巧解”引言的完成 ,给出一个解… 相似文献
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发表在《数学教学》1995年第3期第40页,关于1995年第2期问题第358题,其题目和解答是这样的: 设x、y、z∈R~ ,且xy yz zx=1,求证:xyz(x y z)≤1/3. 证明: 相似文献
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张希麟 《初中生世界(初三物理版)》2006,(15)
今天,数学兴趣小组的活动由Z老师作中心发言,题目是《从一道竞赛题解法的改进谈起》.这是一道2004年全国初中数学竞赛题:实数x、y、z满足x y z=5,xy yz zx=3,求z的最大值.[1]提供的解法是:由于x y=5-z,xy=3-z(x y)=3-z(5-z)=z2-5z 3,因此x、y是关于t的一元二次方程t2-(5-z)t z2 相似文献
12.
第36届IMO(1995年)预选题中有一道不定方程题:求所有正整数x,y,使得x+y2+z3=xyz,这里z是x与y的最大公约数. 相似文献
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第46届IMO(2005年)第三题是:
题1设x、y、z >0,且xyz≥1.证明:
∑x5-x2/x5+y2≥0, ①
其中,∑表示轮换对称和.
式①的等价形式为
∑x2+y2+z2/x5+y2+z2≤3.
此不等式有很多证法,本文不再赘述.
易知,x2+y2+z2≥33√x2y2z2 ≥3.
自然的想法是将题1中的... 相似文献
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第49届IMO中有这样一道不等试证明题:
设实数x,y,z都不等于1,满足xyz=1,求证:(x/x-1)^2+(y/y-1)^2+(z/z-1)^2≥1.(1) 相似文献
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付真凯 《中学数学教学参考》1995,(4)
高中代数下册(必修)第12页的练习中有这样一个不等式: x/y y/x≥2(x、y∈R~ )。 在某些资料中有另一个不等式: x/(y z) y/(z x) z/(x y)≥3/2(x、y、z∈R~ )。 一般地,对于n个正数,我们有: 定理:设x_1,x_2,…,x_n均为正数,且x_1 x_2 … x_n=A,则 x_1/A-x_1 x~2/A-x_2 … x_n/A-x_n≥n/n-1(n∈N,且n≥ 相似文献
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《中学数学》(苏州大学)1993年第1期与第5期集锦栏对著名的W.Janous猜测: “设x、y、z都是正数,则有y~2-x~2/z+x+z~2-y~2/x+y+x~2-z~2/y+z≥0”给出了两个简证。现可子以推广,得到: 命题设x、y、z都是正教,m、n均为自然数,则有(y~m-x~m)/(z~n+x~n)+(z~m-y~m)/(x~n+y~n)+(x~m-z~m)/(y~n+z~n)≥0. 下面利用对称思想给出一个巧妙的证法。证明:因为命题中不等式左边是一个关于x、y、z的轮换对称式.所以可设x≥y≥z,于是, 左式=((y~m-x~m)/(z~n+x~n)-(y~m-x~m)/(y~n+z~n))+((z~m-y~m)/(x~n+y~n)-(z~m-y~m)/(y~n+z~n))=(y~m-x~m)·(y~n-x~n)/((z~n+x~n)(y~n+z~n)) +(z~m-y~m)·(z~n-x~n)/((x~n+y~n)(y~n+z~n)) 又对任何自然数p,有a~p-b~p=(a-b)(a~(p-1)+a~(p-2)b+…+b~(p-1))。从而,左式 相似文献
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一个流行不等式的再推广及统一证明 总被引:1,自引:1,他引:0
1993年,冯跃峰老师在《上海中学数学》第2期上提出一个不等式问题:已知x,y,z∈R~ ,x y z=1,求证:(x~4)/(y(1-y)) (y~4)/(z(1-z)) (z~4)/(x(1-x))≥1/6.(1) 1994年,尹文华老师将其推广,得到如下结果: 相似文献
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引入变量,将一些原本不是求解方程的问题转化为解方程,从而使原问题获解的方法,称为“方程法”。可应用在一些三角等式的证明中。 [例1] 已知cos~4α/cos~2β+sin~4α/sin~2β=1,求证:cos~8α/cos~6β+sin~8α/sin~6β=1。证:令cos~2α=x,sin~2α=y,则有,用代入消元方法可得到,x~2-2xcos~2β+cos~4β=0,即(x-cos~2β)~2=0, ∴x=cos~2β,y=sin~2β,即cos~2α=cos~2β,sin~2α=sin~2β。 相似文献