绝对值与二次函数、一次函数问题的探讨

有关“绝对值与二次函数、一次函数”问题 ,以下列这组习题最为典型、棘手 ,本文试进行多方位地探讨 ,得到几种有效、普遍的方法 已知f(x) =ax2 bx c ,当 ｜x｜≤ 1时 ,总有 ｜f(x)｜≤ 1.试证以下系列问题 :①求证 :｜c｜≤ 1,｜b｜≤ 1,｜a c｜≤1,｜a｜≤ 2 .②求证 :当｜x｜≤ 2 ,总有｜f(x)｜≤ 7.③求证 :当｜x｜≤λ ,总有｜f(x)｜≤ 2λ2-1(λ≥ 1) .④记g(x) =ax b ,求证 :当｜x｜≤ 1时 ,总有｜g(x) ｜≤ 2 .⑤g(x) =2ax b ,求证 :当｜x｜≤ 1时 ,总有 ｜g(x)｜≤ 4.⑥记g(x) =λax b ,求证 :当 ｜x｜≤1时 ,总有 ｜g(x)｜≤ …     

高三数学回扣课本复习指南

一 集合、函数、不等式、导数 （一）选择题 1．设A={x｜｜x-3｜≤4}，B={y｜y=√x-2＋√2-x}，则A∩B为（ ）． A．{0} B．{2} C．φ D．{x｜2≤x≤7}[编者按]     

2O06年全国联赛一试第15题的讨论

2006年全国联赛一试第15题： 设f（x）=x^2＋a，记f^1（x）=f（x），f^n（x）=f（f^n-1（x）），n=2，3，…，M={a∈R｜ 对任何正整数n，｜f^n（0）｜≤2}．证明：M=[-2，1/4]     

“新概念”数学

1接近函数 定义 对于在区间[m,n]上有意义的两个函数f（x）与g（x）,若对任意x∈[m,n]均有｜f（x）-g（x）｜≤1,则称以f（x）与g（x）在[m,n]上是接近的,否则称f（x）与g（x）在[m,n]上是非接近的．     

高一数学《集合与简易逻辑》单元检测试题

一、选择题(每小题5分,共60分)1.设集合M={(x,y)｜y=x2,x∈R},N={(x,y)｜y=2-｜x｜,x∈R},则M∩N=()(A){(-1,1)}(B){(-1,1),(1,1)}(C){y｜0≤y≤2}(D){y｜y≥0}2.下列不等式中,与不等式9x2 6x 1≥0同解的是()(A)3x 1≥0(B)｜3x 1｜≥0(C)3x 1≤0(D)｜3x 1｜≤03.若U=R,且A={x｜｜12-x｜≤12},则A=()(A){x｜0≤x≤1}(B){x｜x>1或x<0}(C){x｜x≥1}(D){x｜x≤0或x≥1}4.“x<0”是“x2>0”的()(A)充分且非必要的条件(B)必要且非充分的条件(C)充要条件(D)既非充分又非必要的条件5.若方程ax2 bx c=0(a<0)的两根为x1,x2,且x1相似文献   

简约而不简单——不等式问题的优化策略

不等式问题一直是高考命题较为稳定的一个热点,对有些不等式的求解,常有同学因不会变通或思维定势,导致因运算过繁而计算终止或弃而不解,甚为可惜.针对这种情况,本文谈谈不等式问题的优化策略.1逆向思考,执果索因例1已知适合不等式｜x2-4x+p｜+｜x-3｜≤5的x的最大值为3,求p的值.解析按先去绝对值后解不等式再求最值的常规方法,势必很繁琐.由x的最大值为3注意到“3”是不等式解的一个端点值,利用不等式的性质得“3”是对应方程｜x2-4x+p｜+｜x-3｜=5的一个解,代入得p=8或p=-2.当p=8时,不等式为｜x2-4x+8｜+｜x-3｜≤5,因为x2-4x+8>0,所以xx2…     

例说与二次函数有关的含有绝对值不等式的证明问题

二次函数是最简单的非线性函数之一 ,它有着丰富的内容 ,对近代数学乃至现代数学影响深远 与二次函数有关的含有绝对值不等式的证明问题有一定的综合性与灵活性 ,学生解决此类问题往往感到有一定的困难 本文通过几个例子 ,归纳解决这类问题的一些基本方法 1　已知二次函数在一个区间上的范围 ,求证它在另一个区间上的范围例 1　设ｆ(ｘ) =ａｘ2 +ｂｘ+ｃ(ａ≠ 0 ) ,当｜ｘ｜≤ 1时 ,总有｜ｆ(ｘ) ｜≤ 1,求证 :当｜ｘ｜≤ 2时 ,｜ｆ(ｘ)｜≤ 7.证明　由于ｆ(ｘ)是二次函数 ,｜ｆ(ｘ)在 [-2 ,2 ]上的最大值 ,只能是｜ ｆ( 2 )｜ ,｜ｆ( -2…     

一道竞赛题的解法分析与命题背景

2009年浙江省高中数学竞赛试题第20题： 题目设函数f（x）=3ax^2-2（a＋b）x＋b，其中a〉0，b为任意常数．证明：当0≤x≤1时，有｜f（x）｜≤max{f（0）,f（1）}．     

函数单调性的八种理解及应用

函数的单调性可以从八个方面理解 ,且每一种理解都有其应用价值 ,分述如下 :设函数 y=f(x)的定义域为 1 ,D为I内的某个区间 .1　宏观理解在区间D上 f(x)的图象上升 (下降 ) f(x)是区间D上的增函数 (减函数 ) .例 1　已知a0 ,那么｜f(x) ｜在区间 [a ,b]上 (　　 )A 单调递减 ,且 f(x) >0B .单调递增 ,且 f(x) >0C .单调递减 ,且 f(x) <0D .单调递增 ,且 f(x) <0解　取a =- 3,b=- 2 ,利用数形结合画出示意图 ,观察图象知｜f(x) ｜在区间 [-3,- 2 ]上单调递增且…     

一个绝对值不等式恒成立问题错解、正解与多解辨析

问题不等式｜n-2x｜＋x-1〉0在x∈[1,2]上恒成立,求实数α的取值范围．     

不等式｜x-a｜＋｜x-b｜〉c（〈c）的简解

一、定理1 （1）若｜a-b｜〉c,则不等式｜x-a｜＋｜x-b｜〉c的解集为R。 （2）若｜a-b｜≤c,则不等式｜x-a｜＋｜x-b｜〉c等价于｜（x-a）＋（x-b）｜〉c,其解集为{x｜x〈1/2（a＋b-c）或x〉1/2（a＋b＋c）}。[第一段]     

从容面对几何概型

几何概型保留了古典概率的等可能性特征,但样本的个数为无限个,要根据具体问题选择恰当的几何测度,然后计算事件的概率.下面对几何概型的类型及其解题方法加以归纳总结,以期帮助同学们从容面对几何概型.一、长度型例1（2010年湖南卷）在区间[-1,2]上随机取一个数x,则…≤1的概率为____．     

乘方变形 巧妙解题

对于某些数学问题 ,灵活利用乘方变形的方法 ,可找到很好的解题途径 现以近几年的竞赛试题为例介绍 ,供参考 1　确定关系式例 1　如果｜x｜ ｜｜x｜- 1 ｜=1 ,那么(　　　 )(A) (x 1 ) (x - 1 ) >0(B) (x 1 ) (x- 1 ) <0(C) (x 1 ) (x- 1 ) ≥ 0(D) (x 1 ) (x- 1 )≤ 0 .(1 999年山东省初中数学竞赛试题 )解　已知等式化为｜｜x｜- 1 ｜=1 -｜x｜ .因为｜｜x｜- 1｜≥ 0 ,所以 1 -｜x｜≥ 0 ,｜x｜≤ 1 .所以 ｜x｜2 ≤ 1 ,x2 ≤ 1 .所以 (x 1 ) (x - 1 ) ≤ 0 ,应选D .例 2　已知sinα cosα=m ,sinα·cosα=n ,则m、n的关系是 (　　…     

三角函数最值的求解方法

一、利用三角函数的性质求最值1.若函数形如y=asinx+b(或y=acosx+b),可直接利用函数的下列性质来求解:｜sinx｜≤1,｜cosx｜≤1.例1求函数y=sin(x-π6)cosx的最值.解析y=sin(x-π6)cosx=12[sin(2x-π6)-sinπ6]=12sin(2x-π6)-41.当sin(2x-π6)=1时,ymax=21-14=41;当sin(2x-π6)=-1时,ymin=-21-41=-43.2.若函数形如y=acssiinnxx++db(或y=acccoossxx++db),先逆向解得sinx(或cosx)的表达式,再结合性质｜sinx｜≤1(或｜cosx｜≤1)来求解.例2求函数y=8cos2x+83cos2x+1的最值.解析由原式逆向解得cos2x=38y--y8,由0≤cos2x≤1,得0≤8-y3y-8≤1,解…     

三角函数值域（最值）的求解策略

一、利用｜sinx｜≤1或｜cosx｜≤1 （1）y=asinx＋bocsx＋c=√a^2＋b^2sin（x＋φ）＋c,其中φ=arctan b/a.于是ymax=√a^2＋b^2＋c,ymin=-√a^2＋b^2＋c.     

促进数学思维训练的好题

一、选择题 1．已知全集U=R,集合A＝{x｜x^2-2x-3〉O｝,B={x｜2〈x〈4｝,那么集合（GuA）ΩB=（ ）．A．{x｜-1≤x≤4}B．{x｜2〈z≤3}C．{x｜2≤x〈3}D．{x｜-1〈x〈4}     

关于一类恒成立问题的结论——兼谈两种解法的等效性

1．三种解法，两个答案 例1已知不等式｜a-3x｜〉2x-1对于任意的x∈[-1，2]恒成立，求a的取值范围．     

解三角函数最值题的八种策略

利用配方法策略 例1 若｜x｜≤π/4,则函数f（x）=cos^2x＋sinx的最小值是     

2006年高考数学省市卷百题解答思路分析——集合与简易逻辑、函数

试题1（安徽卷，理科第2题）设集合A=x｜｜x-2｜≤2,x∈R）B={y｜y=-x^2,-1≤x≤2},则CR（A∩B）等于（ ） A.R B.{x｜x∈R,x≠0} C.{0} D.φ     

如何解答恒成立问题

一、构造函数,利用函数的最值研究恒成立问题 例1若对一切｜p｜≤2,不等式（log2x）2＋plog2z＋1〉2log2x＋p恒成立,求实数x的取值范围．