怎样化循环小数为分数

小学里,我们知道许多分数可以化为循环小数例如:工=0.777,…二0 .7命二0.272727一面,2,。。二。、,。。。,,,,。二,,,,二。。,,万l二=1。乙OJ,1任乙OJ 11斗乙OJ 11汁二’=1.乙OJ,1号 /=3.142727…=3.1427等等 反过来,怎样把一个循环小数化为分数呢?告诉你,学了一元一次方程之后,这个问题就可以解决了.下面介绍用解一元一次方程的方法,化循环小数为分数. 一、化纯循环小数为分数例l将0.36化为分数.解:设x=0.36=0.363636.二,(1) 因为0.站每一个循环节含有两个数字,将它扩大100倍,使小数点移到第一个循环节之后,得 10伍=36.3636·…(2) (2)…     

0.9与1相等吗

题目　0.9与1相等吗? 分析　一般利用设未知数解方程的方法: 解　设0.9 · =x,① 则9.9 · =10x,② ②-①:9x=9, 故x=1. 另解　(利用化循环小数为分数的方法) 因为0.3 · =13, 所以0.3 · ×3=13×3. 即0.9 · =1. [编者的话]　这里是从式的变换来说明0.9 · 与1是相等的,从 高等数学的观点看,并不完全严格,权且作一种理解.有不少同学 来信,质疑0.9 · 是否等于1,并说出了种种理由,无非是…     

有疑难 找方程

学习数学就会有疑难,如果你遇到一时不能解决的疑难问题,怎么办?列方程解答可能就是你最好的选择,下面举例说明其方法。一、列方程解计算问题例1.化无限循环小数0.232323……为分数。分析与解答:0.232323……是一个无限循环小数,给解答造成了难度。但是只要我们将无限化成有限,难度就自然化解了。我们不妨设0.232323……=x,那么x=0.23+0.002323……即x=0.23+0.01×x,这样一个无限数化成了一个“有限的形式”。解这个一元一次方程,0.99x=0.23,所以x=2399,即0.232323……=2993。二、列方程解推理问题例2.B是自然数,A是一个数字,如果B444=0·…     

“递推公式求数列通项”范例解法探究

等差数列和等比数列是高中数学数列一章的重要基础知识.数列综合问题,无论从寻求解题思路、方法及解决途径、过程转化,基本上都要以等差数列和等比数列为蓝本,不断地拓展和延伸相关数学问题.充分运用数学思想方法,在解决问题过程中不断再发现、再创造.下面以“由递推公式求数列通项的范例解法”为例,说明如何运用数学思想方法,有效地设计解决问题.例题:已知数列｛an｝中,a1=65且对任意非零自然数n都有an+1=31an+(12)n+1.求数列｛an｝的通项公式.解一:由an+1=31an+(21)n+1两边同乘以3n+1得,3n+1an+1=3n+1·31an+3n+1·(21)n+1=3nan+(32)n+1设…     

数列通项an的两个常见变形式的相通性及再创新式

我们知道数列通项 an 具有如下两个常见的基本变形式 :差式变形式 :an=(an- an-1 ) (an+ 1 - an-2 ) +…+(a2 - a1 ) +a1 . 1商式变形式 :an=anan-1· an-1 an-2·…· a3 a2· a2a1·a1 . 21式可以应用于求递推关系式为 :an+ 1 =an+g(n)型数列的通项公式 ;2式可以应用于求递推关系式为 :an+ 1 =f(n)× an型数列的通项公式 .而对求递推关系式为 :an+ 1 =kan+g(n) (k≠ 1 ) ( )型的通项公式就失效 .近期有杂志刊文介绍对 an+ 1 =kan+g(n) (k≠1 )型的通项公式求法 .不外乎两种方法 :其一是将an+ 1 =kan+g(n) (k≠ 1 )转化为 :an- h(n) =k{ an…     

巧算包含循环小数的加法

问题:计算0.16+0.1+0.125+0.142857=?(全国数学奥赛B卷试题)这是一道包含循环小数的加法巧算题。解题关键是弄清有限小数和循环小数化分数的规律。0.125=1102050=81因为0.1=0.111……①0.1×10=1.111……②②-①得:0.1×9=1。所以,0.1=91。同理0.142857=0.142857142857……③0.142857×1000000=142857.142857142857……④④-③得:0.142857×999999=142857所以,0.142857=919429899597=71于是通过实例试算,便得到规律。规律:①有限小数可先写成分母是10、100、1000……的分数,能约分的再约分。②如果把纯循环小数化分数,那么它的分子是一个循…     

导数应用(高三)

例1已知{an}是等差数列,且a1=2,a1 a2 a3=12.(*)(1)求数列{an}的通项公式;(2)令bn=anxn(x∈R),求数列{bn}的前n项和公式.(03年北京春季高考)解(1)设数列的公差是d,则由(*)得3a1 3d=6 3d=12,解得d=2,     

运用函数思想解数列问题

由于数列是定义域为自然数集的函数,因此函数的思想是贯穿数列的一种重要思想方法.等差数列和等比数列的通项公式及前n项和公式都可以看作是n的函数,借助有关函数的定义性质来解决数列问题,常能起到化难为易的作用,本文列举几例分类剖析.一、运用函数单调性解数列问题例1已知数列{an}的通项公式为an=9n(n+1)10n(n∈N),问n为何值时,an最大?分析:因为an+1-an=9n+1(n+2)10n+1-9n(n+1)10n=9n10n+1(8-n),所以当1≤n≤8时an关于n是增函数,当n≥8时an关于n为减函数,由此可知当n=8时,an=an+1最大,即a8、a9为最大.例2已知数列{an}的通项公式是ak=1n+…     

分数与无限循环小数的互化

有理数分为整数和分数 ,而分数可表示为有限小数和无限循环小数。分数与有限小数的互化在小学数学教材中已体现。现就 (真 )分数与 (整数部分为零的 )无限循环小数的互化谈谈我之已见。一、无限循环小数化成分数1、从十位开始循环的小数 ,可以分为分母中所有数字都是 9的分数 ,其 9的个数与循环节的位数一致 ,而分子则为循环节上的有效数字。如 :0 .3·=39=13,0 .1·4 2 85 7·=14 2 85 7999999=17,0 .0 ·13·=13999。2、从百分位及以后数位开始循环的小数 ,则先将其变形为从十分位开始循环的小数乘以十分之一、百分之一…的形式 ,再按方法…     

构造法求递推数列的通项公式

一、平移法构造新数列1.平移向量为常量例1在数列{a}n中,若a1=1,an+1=2an+3,(n≥1),则数列的通项an=.解:由题意得an+1=2an+3.(1)则设存在x满足等式an+1+x=2(an+x),与(1)相比较可得x=3.即an+1+3=2(an+3).所以数列{an+3}是以a1+3=4为首项,以2为公比的     

用等差数列的性质灵活解题

数列知识既是初等数学与高等数学的一个衔接点，又是历年高考考查的重点内容之一。在复习过程中，准确把握概念和公式，灵活运用公式变形去解题，往往会简化解题过程，提高解困速度，收到事半功倍的效果。设等基数列|an|的首项为a1，公差为d，通项为an，前n项和为s。（以下同）。性质1、an－am=（n－m)d（或证明：an=a1＋（n－1）d=［a1＋（m－1）d]＋（n－m）d=am＋（n－m）d··“。－。。二（n－m）古文例！、在等基数列la。【中，a；。＝95a。二123，a。二199，则n等于（）。（A）78（B）74（C）70（D）66解：…123－95二a。：－al．…     

合成数列的通项及其应用

设有两个数列{‘}及{右,}: al一a,一a3,.‘”口”, b:,西,,b3,…,b。,依次交错排列a:,西:(k=1,2,…)构成一个新的数列{x。}: a,,b:,a,,b:,…,a。,乙二,我们称上述数列{x。}为数列{么。}和{乙。}的合成数列。 本文讨论两个数列的合成数列的通项公式及其应用。 定理设数列{a’‘},{乙。}的通项分别为 a。=f(n),b矛==g(n),那么,数列{。、}与数列{阮、}的合成数列{x二}的通项为 解:将。,二f(。)=a,b。=g(:)二吞代入(1)得所求数列的通项为X”二例2合、一“,+合‘一‘,”+“口一的·求数歹l】{x。1:1,1,2,2,3,3,n,”,’..的通项.解:将a,=f(:)=n二…     

等差数列前n项和的一个性质及应用

性质　已知数列 an 为等差数列 ,若Sm =a ,Sn =b ,其中m ≠n ,则Sm +n =(m +n) (a-b)m -n .证明　∵数列 an 为等差数列 ,∴Sn =An2 +Bn .由题设得Am2 +Bm =a ,①An2 +Bn =b ,②①·n-②·m ,得Amn(m-n) =an-bm ,即Amn =an -bmm -n .∴Sm +n =A(m +n) 2 +B(m +n)=Am2 +Bm +An2 +Bn　 + 2Amn=a +b + 2an -2bmm -n=(m +n) (a-b)m -n .运用此性质 ,可速解下列问题 .例 1　等差数列的前m项和为 3 0 ,前 2m项和为 10 0 ,则它的前 3m项和为 (　　 )(A) 13 0　 (B) 170　 (C) 2 10　 (D) 2 60解　∵Sm =3 0 ,S2m =10 0 ,∴S3m =(m+ 2m) …     

例谈不动点法求数列通项公式

若x0 满足方程 f(x0 ) =x0 ,则称x0 是函数f(x)的一个不动点 .利用递推数列 f(n)的不动点 ,可将某些由递推关系an =f(an- 1 )所确定的数列转化为较易求通项的数列 (如等差数列或等比数列 ) ,这种方法称为不动点法 .下面举例说明两种常见的递推数列如何用不动点法求其通项公式 .结论 1　若f(x) =ax +b(a≠ 0 ,a≠1) ,p是f(x)的不动点 ,an 满足递推关系an= f(an- 1 ) (n >1) ,则an-p=a(an - 1 -p) ,即 an-p 是公比为a的等比数列 .证明　∵p是f(x)的不动点 ,∴ap+b =p ,∴b -p=-ap .由an =a·an- 1 +b ,得an-p=a·an- 1 +b -p=a·an- 1 -ap=a(a…     

常见数列通项公式求法综述

设Sn是数列{an}的前n项和,n∈N.题型1:由an=S1 (n=1),求数列{an}的通项公式. Sn-Sn-1 (n≥2),题型1:由an=S1 (n=1),求数列{an}的通项公式. Sn-Sn-1 (n≥2)例1 在数列{an)中,a1 a2 … an=3n,求数列{an)的通项公式.     

2006年高考理科数学(山东卷)22题别解

试题已知a1=2,点(an,an+1)在函数f(x)=x2+2x的图象上,其中n=1,2,3…(Ⅰ)证明数列{lg(1+an)}是等比数列;(Ⅱ)设Tn=(1+a1)(1+a2)…(1+an),求Tn及数列{an}的通项;(Ⅲ)记bn=a1n+an1+2,求数列{bn}的前n项和Sn,并证明Sn+3Tn2-1=1.解(Ⅰ)由a1=2,且点(an,an+1)在f(x)=x2+2x的图象上,所以an+1=a2n+2an>0(n=1,2,3,…)所以llgg((11++aan+n)1)=lg(1lg+(12+ana+n)a2n)=2,所以数列{lg(1+an)}是以2为公比的等比数列.(Ⅱ)由(Ⅰ)知数列{lg(1+an)}的公比为2,第1项为lg3,从而lg(1+an)=2n-1lg3=lg32n-1,即1+an=32n-1(1)因此数列{an}的通项为an=32n-1-1.由(1)得…     

关注等和数列与等积数列

在各类考试中经常出现“等和(积)数列”这种教材中没有出现的新概念.有些学生遇“新”而害怕,其实只要类比等差数列或等比数列的定义及性质去理解,即可轻松解决.下面对此类题型加以介绍.一、等和数列1.定义在数列｛an｝中,若对任意n≥2都有an+an-1=d(n∈N*,d为常数),则称｛an｝为等和数列,常数d为数列的公和.2.通项公式与前n项和设等和数列｛an｝的首项为a1,公和为d,则有通项公式:an=#ad1-,an1,为n奇为数偶,数.前n项和公式:Sn=nd2,n为偶数,a1+n-21d,n为奇数$&&&%&&&’.3.性质由定义知#aann++1+aan-1n==dd,则有an+1=an-1,即等和数列是一个周…     

等差数列推论的巧妙运用

由 于 学 生 对 等 差 数 列 的 认 识主要 体 现 在 通 项 公 式 和 前n项 和 公式 上 , 因 此 他 们 在 解 答 等 差 数 列的 有 关 问 题 时 , 通 常 都 是 根 据 等差数 列 的 通 项 公 式 和 前n项 和 公 式去 寻 找 等 差 数 列 的 首 项 和 公 差 ,然后 再 通 过 通 项 公 式 或 前n项 和 公式去 解答 有 关具 体的 问 题. 例 如 : 在 等 差 数 列 中 , 已 知S10=100,S100=10,求S110的 值. 解 : 设 等 差 数 列 的 首 项 为 a1, 公差 为d,则 依 题意 得:S10=10a1+10×9d =100 ① 2S100=100a1+100×99d …     

化无限循环小数为分数

数学课本没有给同学们介绍化无限循环小数为分数的内容和方法．为了弥补这一不足,开阔同学们的知识面,加强对循环小数是有理数的理解,本文介绍一种化无限循环小数为分数的巧妙方法——方程法．注意,无限循环小数包括纯循环小数和混循环小数．下面举例说明方程法的过程．例化下列无限循环小数为分数：解（l）先设x＝O．321．再将之扩大Iny倍,得l～＝81．321．二者相减,得g刀j＝（2）设劣一1．sl326．将之扩大1000倍后．得lQ出石一一1513．26326．M者相减,得从上面这道例题可以看出,要化无限循环小数为分数,关键是要设法化去循环节…     

用累乘法求递推数列的通项公式

给出数列{an}的递推公式和首项a1,求数列{an}的通项公式,往往我们可以将所给出的递推公式进行变形,使问题转化为所熟知的bn+1=f(n)bn形式,当bn≠0时,变形得到(b(n+1))/bn=f(n),则由累乘法可得bn=bn/(b(n-1))·(b(n-1))/(b(n-2))…b3/b2·b2/b1·b1= f(n-1)f(n-2)…f(3)f(2)f(1)b1,若f(n-1)、f(n-2)、…、f(3)、f(2)、f(1)的积容易求出,则数列{bn}的通项公式可求出,从而得到数列{an}的通项公式.